高三语文复习计划。
老师会对课本中的主要教学内容整理到教案课件中，每个老师都要认真写教案课件。写好了完备的教案课件，这样课堂的各种可能情况都尽在掌握。有没有好的教案课件可资借鉴呢？小编为此仔细地整理了以下内容《今日教案:高三语文复习教案壹篇》，欢迎大家与身边的朋友分享吧！
教学要点
1、论述中心的3个角度
2、写作特点。
教学步骤
1、检查：
(1)学生口头答复词义，教师讲释小结。
青，取之于篮，而青于蓝。(于，介词。前者引进动作的地方，作“从”讲;后者引进比较对象，作“比”讲。)
君子生非异也，善假于物也。(于，介词，引进动作对象，作“对”、“向”讲。)
假舟楫者，非能水也，而绝江河。(者，代词。组成名词的“者字结构”，作“的人”讲。)
虽有槁暴，不复挺者，輮使之然也。(者，助词，表停顿，并提示下文要说的缘由。)
知明而行无过矣。(而，连词，表并列，可不译。)
吾尝终日而思矣。(而，连词，表润饰，可译作“地”。)
假舆马者，非利是也，而致千里。(而，连词，表转折，相当于“却”、“但是”。)
积善成德，而神明自得，圣心备焉。(而，连词，表顺承，相当于“就”、“因此”。)
虽有(又)槁暴(曝)，不复挺者(通假字)
君子生(性)非异也(通假字)
则知(智)明而行无过矣(通假字)
(2)背诵课文：教师指名让学生分别背诵24段，讲评记分。
2、总结。
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热门教案:高三数学复习教案其八
做好教案课件是老师上好课的前提，每个人都要计划自己的教案课件了。只有提前准备好教案课件工作，才能按质按量地达到预期教学目标。我们需要从哪些角度来写教案课件呢？下面是小编帮大家编辑的《热门教案:高三数学复习教案其八》，但愿对您的学习工作带来帮助。
教学目标
掌握等差数列与等比数列的概念，通项公式与前n项和公式，等差中项与等比中项的概念，并能运用这些知识解决一些基本问题。
教学重难点
掌握等差数列与等比数列的概念，通项公式与前n项和公式，等差中项与等比中项的概念，并能运用这些知识解决一些基本问题。XX
教学过程
等比数列性质请同学们类比得出。
【方法规律】
1、通项公式与前n项和公式联系着五个基本量，“知三求二”是一类最基本的运算题。方程观点是解决这类问题的基本数学思想和方法。
2、判断一个数列是等差数列或等比数列，常用的方法使用定义。特别地，在判断三个实数
a，b，c成等差（比）数列时，常用（注：若为等比数列，则a，b，c均不为0）
3、在求等差数列前n项和的（小）值时，常用函数的思想和方法加以解决。
【示范举例】
例1：（1）设等差数列的前n项和为30，前2n项和为100，则前3n项和为。
（2）一个等比数列的前三项之和为26，前六项之和为728，则a1=，q=。
例2：四数中前三个数成等比数列，后三个数成等差数列，首末两项之和为21，中间两项之和为18，求此四个数。
例3：项数为奇数的等差数列，奇数项之和为44，偶数项之和为33，求该数列的中间项。
实用教案:高三数学复习教案怎么写
老师会对课本中的主要教学内容整理到教案课件中，又到了写教案课件的时候了。做好了关于教案课件的前期设计，这样心中对于各种可能的情况胸有成竹。该从哪些方面，哪些角度来写自己的教案课件呢？以下是小编收集整理的“实用教案:高三数学复习教案怎么写”，希望能对您有所帮助，请收藏。
教学目标
知识目标等差数列定义等差数列通项公式
能力目标掌握等差数列定义等差数列通项公式
情感目标培养学生的观察、推理、归纳能力
教学重难点
教学重点等差数列的概念的理解与掌握
等差数列通项公式推导及应用教学难点等差数列“等差”的理解、把握和应用
教学过程
由XX《红高粱》主题曲“酒神曲”引入等差数列定义
问题：多媒体演示，观察————发现？
一、等差数列定义：
一般地，如果一个数列从第2项起，每一项与它的前一项的差等于同一个常数，那么这个数列就叫做等差数列。这个常数叫做等差数列的公差，通常用字母d表示。
例1：观察下面数列是否是等差数列：…。
二、等差数列通项公式：
已知等差数列{an｝的首项是a1，公差是d。
则由定义可得：
a2—a1=d
a3—a2=d
a4—a3=d
……
an—an—1=d
即可得：
an=a1+（n—1）d
例2已知等差数列的首项a1是3，公差d是2，求它的通项公式。
分析：知道a1，d，求an。代入通项公式
解：∵a1=3，d=2
∴an=a1+（n—1）d
=3+（n—1）×2
=2n+1
例3求等差数列10，8，6，4…的第20项。
分析：根据a1=10，d=—2，先求出通项公式an，再求出a20
解：∵a1=10，d=8—10=—2，n=20
由an=a1+（n—1）d得
∴a20=a1+（n—1）d
=10+（20—1）×（—2）
=—28
例4：在等差数列{an}中，已知a6=12，a18=36，求通项an。
分析：此题已知a6=12，n=6；a18=36，n=18分别代入通项公式an=a1+（n—1）d中，可得两个方程，都含a1与d两个未知数组成方程组，可解出a1与d。
解：由题意可得
a1+5d=12
a1+17d=36
∴d=2a1=2
∴an=2+（n—1）×2=2n
练习
1、判断下列数列是否为等差数列：
①23，25，26，27，28，29，30；
②0，0，0，0，0，0，…
③52，50，48，46，44，42，40，35；
④—1，—8，—15，—22，—29；
答案：①不是②是①不是②是
2、等差数列{an}的前三项依次为a—6，—3a—5，—10a—1，则a等于（）
A、1B、—1C、—1/3D、5/11
提示：（—3a—5）—（a—6）=（—10a—1）—（—3a—5）
3、在数列{an}中a1=1，an=an+1+4，则a10=。
提示：d=an+1—an=—4
教师继续提出问题
已知数列{an}前n项和为……
作业
P116习题3。21，2
今日课件:高三语文的教案写作范例
教案课件是老师上课做的提前准备，按要求，每个教师都应该在准备教案课件。认真做好教案课件的工作计划，这样才能实现预期的教学目标设计。要写好教案课件，需要注意哪些方面呢？以下是小编为大家精心整理的“今日课件:高三语文的教案写作范例”，希望对您的工作和生活有所帮助。
教学目的
知识与能力目标：
1.了解《滕王阁序》的写作背景及之所以成为千古名篇的原因。
2. .欣赏《滕王阁序》的景美。
3掌握“故”、“尽”、“属”、“即”等实词，体会“且”、“矣”等虚词的用法
4. 训练学生能将名句改写成优美片段散文的能力。
过程与方法目标：
1、 突破重难点的方法：讨论研究法、形象描述法、总结归纳法
2、读注释，疏通文意，体会骈文特点。
3、 利用句式特点理解实词的义项及虚词的作用。
情感与价值观：
1 、是学生体味山川美景，欣赏千古名句，感受音韵美感，领受美的熏陶。
2、 培养学生热爱生活，乐观豁达的情怀
3、“居卑位而有为”的蓬勃进取精神。
教学重点：
1、理解本文用富丽的词藻称道洪州，记述盛宴，描写滕王阁的壮丽以及寥
廓壮美的山川秋景，借以抒发自己怀才不遇、愤懑悲凉而又不甘于沉沦的复杂感情。
2、辩析“故、尽、属、即”等多义词的词义。
教学难点：
1、学习文章事、景、情融于一体的写作技巧。
2、指导学生背诵2——5段。四、教学过程
一、导语设计：
在我们祖国这块神奇的大地上，积淀了五千的文化遗产，宫殿园林，亭台楼阁比比皆是。在众多的人文景观中，“中国古代四大名楼”，因其精美的建筑流传千古，更因名人的游历题诗而具有了特殊的含义。“黄鹤一去不复返，白云千载空悠悠”的黄鹤楼，“先天下之忧而忧，后天下之乐而乐”的岳阳楼，“落霞与孤鹜齐飞，秋水共长天一色”的滕王阁。
二、解读《滕王阁诗》
滕王高阁临江渚，佩玉鸣鸾罢歌舞。画栋朝飞南浦云，朱帘暮卷西山雨。
闲云潭影日悠悠，物换星移几度秋。阁中帝子今何在?槛外长江空自流。
(译文：高高的滕王阁正对着江心小洲，想当年建阁的滕王已经死去，坐着鸾铃马车，挂着琳琅玉佩，来到阁上，举行宴会，那种豪华的场面，已经一去不复返了。阁内画栋珠帘冷落可怜，只有南浦的云，西山的雨，暮暮朝朝，与它为伴。悠闲的白云，深潭(指江)的影子，不知经过了多少春秋。滕王死去了，可槛外的长江却是永恒地东流。)
三、解题
1.介绍“序”
序，文体的一种。有书序、赠序、宴集序等。书序是著作或诗文前的说明或评价性文字，本文是饯别序，即临别赠言，属于赠序类的文章。
2.介绍“骈文”
骈文，是魏晋后产生的一种新文体，又称骈俪文。南北朝是骈体文的全盛时期。骈体文的表达方式与一般的散文有所不同，语言上有三方面的特点：第一是语句方面的特点，即骈偶和“四六”;第二是语音方面的特点，即平仄相对;第三是用词方面的特点，即用典和藻饰。
3、王勃及文章写作背景
王勃(649——675)，字子安，降州龙门(现在山西河津)人，初唐文学家。与杨炯、卢照邻、骆宾王并称“王杨卢骆”，亦称“初唐四杰”。王勃才华早露，六岁即善写文章，十四岁便科举中第。被司刑太常伯刘祥道赞为神童，向朝廷表荐，对策高第，援朝散郎。沛王李贤闻其名声，邀请他作王府侍读，两年后因一篇《檄英王鸡》的游戏文章触怒了唐高宗，被逐出沛王府。后因擅杀官奴而犯罪，父亲也受连累，贬为交趾令。上元二年(公元675)，王勃前往交趾省亲，途径南昌，正赶上当地都督阎某在滕王客上欢宴群僚和宾客。王勃在宴会上赋诗并写了这篇的《滕王客序》。两个月后，王勃渡海溺水，英年早逝。
四、诵读课文
1.放课文录音或教师范读课文。
2.学生集体朗读课文，注意读准字音。
3.指定7名学生朗读课文(每人一段)，注意把握句子的节奏。
明确：①四字句的读法有 “二二式”。
②六字句的读法大致有五种： “三三式”; “一四式”; “二二二式”; “二四式”; “一二三式”。
③七字句大致有四种读法：“三四式”; “二一四式”; “二三二式”;
“二二三式”。
五、初步感知课文
1.学生集体朗读课文一遍。
2.学生默读课文，结合注释，疏通字句。
3.思考：从内容上看，文章可分为几部分?
明确：
第一部分(1)：扣“洪府”，概写洪州的地理风貌，引出参加宴会的人物。
第二部分(2～3)：扣“秋日登阁”，写三秋时节滕王阁的万千气象和周围的自然、人文景观。
第三部分(4～5)：扣“饯”，写宴会的盛况，抒发人生的感慨。
第四部分(6～7)：扣“别”，述说自己的身世和怀才不遇的苦闷，感叹盛宴难再。
布置作业
1.反复诵读，并试背课文。
2.完成课后练习三、四两题。
[优质课件]高三数学复习教案
每个老师上课需要准备的东西是教案课件，每个老师都需要仔细规划教案课件。下足了教案课件的前期准备工作，这样课堂的各种可能情况都尽在掌握。你对于写教案课件有哪些疑问呢？下面是小编为大家整理的“[优质课件]高三数学复习教案”，仅供参考，大家一起来看看吧。
●知识梳理
函数的综合应用主要体现在以下几方面：
1.函数内容本身的相互综合，如函数概念、性质、图象等方面知识的综合.
2.函数与其他数学知识点的综合，如方程、不等式、数列、解析几何等方面的内容与函数的综合.这是高考主要考查的内容.
3.函数与实际应用问题的综合.
●点击双基
1.已知函数f(x)=lg(2x-b)(b为常数)，若x[1，+)时，f(x)0恒成立，则
A.b1 B.b1 C.b1 D.b=1
解析：当x[1，+)时，f(x)0，从而2x-b1，即b2x-1.而x[1，+)时，2x-1单调增加，
b2-1=1.
答案：A
2.若f(x)是R上的减函数，且f(x)的图象经过点A(0，3)和B(3，-1)，则不等式|f(x+1)-1|2的解集是___________________.
解析：由|f(x+1)-1|2得-2
又f(x)是R上的减函数，且f(x)的图象过点A(0，3)，B(3，-1)，
f(3)
答案：(-1，2)
●典例剖析
【例1】 取第一象限内的点P1(x1，y1)，P2(x2，y2)，使1，x1，x2，2依次成等差数列，1，y1，y2，2依次成等比数列，则点P1、P2与射线l:y=x(x0)的关系为
A.点P1、P2都在l的上方 B.点P1、P2都在l上
C.点P1在l的下方，P2在l的上方 D.点P1、P2都在l的下方
剖析：x1= +1= ，x2=1+ = ，y1=1 = ，y2= ，∵y1
P1、P2都在l的下方.
答案：D
【例2】 已知f(x)是R上的偶函数，且f(2)=0，g(x)是R上的奇函数，且对于xR，都有g(x)=f(x-1)，求f(20xx)的值.
解：由g(x)=f(x-1)，xR，得f(x)=g(x+1).又f(-x)=f(x)，g(-x)=-g(x)，
故有f(x)=f(-x)=g(-x+1)=-g(x-1)=-f(x-2)=-f(2-x)=-g(3-x)=
g(x-3)=f(x-4)，也即f(x+4)=f(x)，xR.
f(x)为周期函数，其周期T=4.
f(20xx)=f(4500+2)=f(2)=0.
评述：应灵活掌握和运用函数的奇偶性、周期性等性质.
【例3】 函数f(x)= (m0)，x1、x2R，当x1+x2=1时，f(x1)+f(x2)= .
(1)求m的值;
(2)数列{an}，已知an=f(0)+f( )+f( )++f( )+f(1)，求an.
解：(1)由f(x1)+f(x2)= ，得 + = ，
4 +4 +2m= [4 +m(4 +4 )+m2].
∵x1+x2=1，(2-m)(4 +4 )=(m-2)2.
4 +4 =2-m或2-m=0.
∵4 +4 2 =2 =4，
而m0时2-m2，4 +4 2-m.
m=2.
(2)∵an=f(0)+f( )+f( )++f( )+f(1)，an=f(1)+f( )+ f( )++f( )+f(0).
2an=[f(0)+f(1)]+[f( )+f( )]++[f(1)+f(0)]= + ++ = .
an= .
深化拓展
用函数的思想处理方程、不等式、数列等问题是一重要的思想方法.
【例4】 函数f(x)的定义域为R，且对任意x、yR，有f(x+y)=f(x)+f(y)，且当x0时，f(x)0，f(1)=-2.
(1)证明f(x)是奇函数;
(2)证明f(x)在R上是减函数;
(3)求f(x)在区间[-3，3]上的最大值和最小值.
(1)证明：由f(x+y)=f(x)+f(y)，得f[x+(-x)]=f(x)+f(-x)，f(x)+ f(-x)=f(0).又f(0+0)=f(0)+f(0)，f(0)=0.从而有f(x)+f(-x)=0.
f(-x)=-f(x).f(x)是奇函数.
(2)证明：任取x1、x2R，且x10.f(x2-x1)0.
-f(x2-x1)0，即f(x1)f(x2)，从而f(x)在R上是减函数.
(3)解：由于f(x)在R上是减函数，故f(x)在[-3，3]上的最大值是f(-3)，最小值是f(3).由f(1)=-2，得f(3)=f(1+2)=f(1)+f(2)=f(1)+f(1+1)=f(1)+f(1)+f(1)=3f(1)=3(-2)=-6，f(-3)=-f(3)=6.从而最大值是6，最小值是-6.
深化拓展
对于任意实数x、y，定义运算x*y=ax+by+cxy，其中a、b、c是常数，等式右边的运算是通常的加法和乘法运算.现已知1*2=3，2*3=4，并且有一个非零实数m，使得对于任意实数x，都有x*m=x，试求m的值.
提示：由1*2=3，2*3=4，得
b=2+2c，a=-1-6c.
又由x*m=ax+bm+cmx=x对于任意实数x恒成立，
b=0=2+2c.
c=-1.(-1-6c)+cm=1.
-1+6-m=1.m=4.
答案：4.
●闯关训练
夯实基础
1.已知y=f(x)在定义域[1，3]上为单调减函数，值域为[4，7]，若它存在反函数，则反函数在其定义域上
A.单调递减且最大值为7 B.单调递增且最大值为7
C.单调递减且最大值为3 D.单调递增且最大值为3
解析：互为反函数的两个函数在各自定义区间上有相同的增减性，f-1(x)的值域是[1，3].
答案：C
2.关于x的方程|x2-4x+3|-a=0有三个不相等的实数根，则实数a的值是___________________.
解析：作函数y=|x2-4x+3|的图象，如下图.
由图象知直线y=1与y=|x2-4x+3|的图象有三个交点，即方程|x2-4x+3|=1也就是方程|x2-4x+3|-1=0有三个不相等的实数根，因此a=1.
答案：1
3.若存在常数p0，使得函数f(x)满足f(px)=f(px- )(xR)，则f(x)的一个正周期为__________.
解析：由f(px)=f(px- )，
令px=u，f(u)=f(u- )=f[(u+ )- ]，T= 或 的整数倍.
答案： (或 的整数倍)
4.已知关于x的方程sin2x-2sinx-a=0有实数解，求a的取值范围.
解：a=sin2x-2sinx=(sinx-1)2-1.
∵-11，0(sinx-1)24.
a的范围是[-1，3].
5.记函数f(x)= 的定义域为A，g(x)=lg[(x-a-1)(2a-x)](a1)的定义域为B.
(1)求A;
(2)若B A，求实数a的取值范围.
解：(1)由2- 0，得 0，
x-1或x1，即A=(-，-1)[1，+).
(2)由(x-a-1)(2a-x)0，得(x-a-1)(x-2a)0.
∵a1，a+12a.B=(2a，a+1).
∵B A，2a1或a+1-1，即a 或a-2.
而a1， 1或a-2.
故当B A时，实数a的取值范围是(-，-2][ ，1).
培养能力
6.(理)已知二次函数f(x)=x2+bx+c(b0，cR).
若f(x)的定义域为[-1，0]时，值域也是[-1，0]，符合上述条件的函数f(x)是否存在?若存在，求出f(x)的表达式;若不存在，请说明理由.
解：设符合条件的f(x)存在，
∵函数图象的对称轴是x=- ，
又b0，- 0.
①当- 0，即01时，
函数x=- 有最小值-1，则
或 (舍去).
②当-1- ，即12时，则
(舍去)或 (舍去).
③当- -1，即b2时，函数在[-1，0]上单调递增，则 解得
综上所述，符合条件的函数有两个，
f(x)=x2-1或f(x)=x2+2x.
(文)已知二次函数f(x)=x2+(b+1)x+c(b0，cR).
若f(x)的定义域为[-1，0]时，值域也是[-1，0]，符合上述条件的函数f(x)是否存在?若存在，求出f(x)的表达式;若不存在，请说明理由.
解：∵函数图象的对称轴是
x=- ，又b0，- - .
设符合条件的f(x)存在，
①当- -1时，即b1时，函数f(x)在[-1，0]上单调递增，则
②当-1- ，即01时，则
(舍去).
综上所述，符合条件的函数为f(x)=x2+2x.
7.已知函数f(x)=x+ 的定义域为(0，+)，且f(2)=2+ .设点P是函数图象上的任意一点，过点P分别作直线y=x和y轴的垂线，垂足分别为M、N.
(1)求a的值.
(2)问：|PM||PN|是否为定值?若是，则求出该定值;若不是，请说明理由.
(3)设O为坐标原点，求四边形OMPN面积的最小值.
解：(1)∵f(2)=2+ =2+ ，a= .
(2)设点P的坐标为(x0，y0)，则有y0=x0+ ，x00，由点到直线的距离公式可知，|PM|= = ，|PN|=x0，有|PM||PN|=1，即|PM||PN|为定值，这个值为1.
(3)由题意可设M(t，t)，可知N(0，y0).
∵PM与直线y=x垂直，kPM1=-1，即 =-1.解得t= (x0+y0).
又y0=x0+ ，t=x0+ .
S△OPM= + ，S△OPN= x02+ .
S四边形OMPN=S△OPM+S△OPN= (x02+ )+ 1+ .
当且仅当x0=1时，等号成立.
此时四边形OMPN的面积有最小值1+ .
探究创新
8.有一块边长为4的正方形钢板，现对其进行切割、焊接成一个长方体形无盖容器(切、焊损耗忽略不计).有人应用数学知识作了如下设计：如图(a)，在钢板的四个角处各切去一个小正方形，剩余部分围成一个长方体，该长方体的高为小正方形边长，如图(b).
(1)请你求出这种切割、焊接而成的长方体的最大容积V1;
(2)由于上述设计存在缺陷(材料有所浪费)，请你重新设计切、焊方法，使材料浪费减少，而且所得长方体容器的容积V2V1.
解：(1)设切去正方形边长为x，则焊接成的长方体的底面边长为4-2x，高为x，
V1=(4-2x)2x=4(x3-4x2+4x)(0
V1=4(3x2-8x+4).
令V1=0，得x1= ，x2=2(舍去).
而V1=12(x- )(x-2)，
又当x 时，V10;当
当x= 时，V1取最大值 .
(2)重新设计方案如下：
如图①，在正方形的两个角处各切下一个边长为1的小正方形;如图②，将切下的小正方形焊在未切口的正方形一边的中间;如图③，将图②焊成长方体容器.
新焊长方体容器底面是一长方形，长为3，宽为2，此长方体容积V2=321=6，显然V2V1.
故第二种方案符合要求.
●思悟小结
1.函数知识可深可浅，复习时应掌握好分寸，如二次函数问题应高度重视，其他如分类讨论、探索性问题属热点内容，应适当加强.
2.数形结合思想贯穿于函数研究的各个领域的全部过程中，掌握了这一点，将会体会到函数问题既千姿百态，又有章可循.
●教师下载中心
教学点睛
数形结合和数形转化是解决本章问题的重要思想方法，应要求学生熟练掌握用函数的图象及方程的曲线去处理函数、方程、不等式等问题.
拓展题例
【例1】 设f(x)是定义在[-1，1]上的奇函数，且对任意a、b[-1，1]，当a+b0时，都有 0.
(1)若ab，比较f(a)与f(b)的大小;
(2)解不等式f(x- )
(3)记P={x|y=f(x-c)}，Q={x|y=f(x-c2)}，且PQ= ，求c的取值范围.
解：设-1x1
0.
∵x1-x20，f(x1)+f(-x2)0.
f(x1)-f(-x2).
又f(x)是奇函数，f(-x2)=-f(x2).
f(x1)
f(x)是增函数.
(1)∵ab，f(a)f(b).
(2)由f(x- )
- .
不等式的解集为{x|- }.
(3)由-11，得-1+c1+c，
P={x|-1+c1+c}.
由-11，得-1+c21+c2，
Q={x|-1+c21+c2}.
∵PQ= ，
1+c-1+c2或-1+c1+c2，
解得c2或c-1.
【例2】已知函数f(x)的图象与函数h(x)=x+ +2的图象关于点A(0，1)对称.
(1)求f(x)的解析式;
(2)(文)若g(x)=f(x)x+ax，且g(x)在区间(0，2]上为减函数，求实数a的取值范围.
(理)若g(x)=f(x)+ ，且g(x)在区间(0，2]上为减函数，求实数a的取值范围.
解：(1)设f(x)图象上任一点坐标为(x，y)，点(x，y)关于点A(0，1)的对称点(-x，2-y)在h(x)的图象上.
2-y=-x+ +2.
y=x+ ，即f(x)=x+ .
(2)(文)g(x)=(x+ )x+ax，
即g(x)=x2+ax+1.
g(x)在(0，2]上递减 - 2，
a-4.
(理)g(x)=x+ .
∵g(x)=1- ，g(x)在(0，2]上递减，
1- 0在x(0，2]时恒成立，
即ax2-1在x(0，2]时恒成立.
∵x(0，2]时，(x2-1)max=3，
a3.
【例3】在4月份(共30天)，有一新款服装投放某专卖店销售，日销售量(单位：件)f(n)关于时间n(130，nN*)的函数关系如下图所示，其中函数f(n)图象中的点位于斜率为5和-3的两条直线上，两直线的交点的横坐标为m，且第m天日销售量最大.
(1)求f(n)的表达式，及前m天的销售总数;
(2)按规律，当该专卖店销售总数超过400件时，社会上流行该服装，而日销售量连续下降并低于30件时，该服装的流行会消失.试问该服装在社会上流行的天数是否会超过10天?并说明理由.
解：(1)由图形知，当1m且nN*时，f(n)=5n-3.
由f(m)=57，得m=12.
f(n)=
前12天的销售总量为
5(1+2+3++12)-312=354件.
(2)第13天的销售量为f(13)=-313+93=54件，而354+54400，
从第14天开始销售总量超过400件，即开始流行.
设第n天的日销售量开始低于30件(1221.
从第22天开始日销售量低于30件，
即流行时间为14号至21号.
该服装流行时间不超过10天.
今日教案:高三语文教学思考之一
为了促进学生掌握上课知识点，老师需要提前准备教案，我们需要静下心来写教案课件。只有提前做足教案课件设计环节的工作，学生才能更好地接受各知识要求。该从哪些方面，哪些角度来写自己的教案课件呢？以下是小编收集整理的“今日教案:高三语文教学思考之一”，欢迎阅读，希望您能够喜欢并分享！
每到期末，枯燥无味的复习课往往令老师头痛，令学生厌烦。究其原因，一是复习内容简单重复，无法激起学生的兴趣；二是复习形式单调乏味，无法调动学生的积极性；三是天天作题，学生机械麻木。如何上好复习课，就成了语文老师关注的问题。
针对上述问题，我的设计理念是：
1、复习教学要给予学生一片自由的天空，发展的天空，让他们愿学、会学、乐学，从中真正体味到没有考试压力下的复习乐趣。
2、复习教学在发展语文能力的同时，也要激发学生的想像力和创造潜能，让学生彻底从考试的束缚中摆脱出来，品尝到创造的乐趣，成功的乐趣。
3、复习教学要联系实际，走向生活，要致力于学生的终身发展。
4、复习要着眼于各类知识的整体性，使之系统化、综合化。
5、复习要有针对性，抓住考点。
拟公益广告是近几年新出现的一个考点，内容不多，考分所占的比重不大，但学生得满分的不是很多。原因在于学生平时所练不多，对写作技巧掌握甚少，细节部分处理不到位，更有甚者，少部分学生弄不清“公益广告”的概念。
我设计这节课，解决的重点有三：一是广告知识，二是什么是公益广告，三是创作技巧。而重要的是教给学生公益广告的创作技巧，以便学生在高考中多拿分。
过去的这一节，留给我的思考是永久的。我认为，复习课也可以进行探究性学习，复习课也可以生活化教学，语文复习的领域无边无际。
[教案参考]高三化学复习教学反思一篇
教案课件是每个老师工作中上课需要准备的东西，每个老师都需要仔细规划教案课件。有了完善的教案课件，这样学生才能很好地理解教学中的知识点。好的教案课件是从哪些角度来写的呢？下面的内容是小编为大家整理的[教案参考]高三化学复习教学反思一篇，欢迎您阅读和收藏，并分享给身边的朋友！
在多年的高三复习教学中，我深刻的体会到，高三复习教学要时刻研究学生、研究高考、研究教法，研究学法指导，以知识、能力、思想、方法的教学为终极目标，充分相信学生、依靠学生、发展学生、以学生的学习实际为起点，以学生的发展提高为落脚点，提高复习教学的有效性和针对性。以化学学科核心素养为教学为重点。教学中我们要切忌虚无缥缈式的空中楼阁的理论堆积，而要善于用化学理论解决生产实际问题，这是高考化学试题考查的不变规律，是科学发展的原动力，也是化学存在的价值所在！
本节课充分调动了学生的学习主动性，学生结合考试大纲的要求对教材的知识进行了系统的研读，学生对化学键的相关概念的理解更加准确，深刻理解了化学键的类型以及对物质性质的影响。对物质类型和化学键类型之间的关系有了更加准确的认识。
本节课设计了四个环节：真题回眸、考情解密、智能提升、题型特训。
首先从近5年高考真题入手，让学生了解化学键在高考中的出现频率，以及出现的形式，进而使学生明白这节课复习的重要性。
在了解了化学键在高考化学中重要性后，通过高考考试大纲的考纲要求，进一步使学生了解化学键的考纲要求，通过考纲的借读，对20xx年的高考试题进行大胆地预测，并对化学键的复习以及高考化学的复习进一步明确复习的方法以及要领。
在学生了解高考化学中化学键复习的重要性后，精心讲解进行智能提升。从浅入深的讲解化学键、离子键、共价键。在复习化学键时利用微观粒子原子结构讲解离子键、共价键的实质。总结离子键、共价键判断规律：含有金属阳离子和铵根离子的化合物就一定属于离子键，同时通过化学键的存在，掌握化合物与化学键的关系，以及离子化合物与共价化合物的多角度判断，在每复习一个概念时，都让学生找出其关键词，并总结学习规律或经验。
在学生智能提升的基础上进行题型特训，根据化学键在高考化学真题中出现的形式，进行不同题型的训练。但由于在讲解化学键时，学生对知识的不熟悉以及掌握不到位，所以有些耽误时间。在整个授课过程中，由于中期耽误了一些时间，所以后期的练习没有做完，但是整堂课的教学思路还是很清晰明确的。授课时面向全班学生，提问全面化。在今后的教学中注重概念的理解，在讲解所用语气中强调概念中的关键语，同时向学生传授如何进行读题、审题，如何找到题设条件中的关键词、关键句以及如何挖掘题设隐含条件，也就是注重学法的教学。
以往的复习教学中都是按教材“离子键→电子式及化合物形成过程→共价键→化学键”的顺序来学习，但经常出现学生把离子键、共价键、离子化合物、共价化合物混淆的情况。为了解决这个问题，本节复习课采用多媒体在屏幕上运用对比列表的形式来设计教学，将离子键和共价键同时对比学习，突出两种化学键的形成微粒、构成元素、成因等，对比他们的不同之处，使学生对高一所学内容的混乱情况得到进一步的改善。
从上课情况来看，师生间的交流能够顺利完成，效果明显比以前的教学感觉要好。课堂上，学生能根据教师对知识的铺垫，完成问题的分析讨论，学生的主体作用得到了很好的发挥。教师能尽量让学生进入学习状态，发挥他们的积极主动性。但由于教学中多以问题引导学生，期望学生根据问题引导得出结论，而由于时间限制，没有给学生足够的讨论时间，有些结论就由教师直接给出，也有的地方缺少总结性的内容或没有及时总结到位。
在教学中采取了多种教学手段，多媒体的应用在课堂上使抽象的内容直观化，并采用了知识的探究迁移、对比、应用，加强了学生对已有知识的再理解再掌握；还利用拟人化的比喻激发学生的兴趣，始终让学生处于兴奋状态，有利于教学的进行；对比教学让学生在概念上的混淆有一定的好转。通过这节课的复习教学模式的应用也为我们今后的复习教学探索出一条切实可行的复习课型模式。
